如何获取当前正在执行的文件的路径和名称？

Question

我有调用其他脚本文件的脚本，但我需要获取当前在进程中运行的文件的文件路径。

例如，假设我有三个文件。使用 执行文件:

• script_1.py 来电 script_2.py.
• 反过来， script_2.py 来电 script_3.py.

如何获取文件名和路径 script_3.py, 从里面的代码 script_3.py, ，而不必将该信息作为参数传递 script_2.py?

（执行 os.getcwd() 返回原始启动脚本的文件路径而不是当前文件的文件路径。）

Answer 1

p1.py:

execfile("p2.py")

p2.py:

import inspect, os
print inspect.getfile(inspect.currentframe()) # script filename (usually with path)
print os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe()))) # script directory

Answer 2

__file__

正如其他人所说。您可能还想使用 os.path.realpath 消除符号链接：

import os

os.path.realpath(__file__)

Answer 3

2018年11月28日更新：

以下是 Python 2 和 3 的实验摘要。和

main.py - 运行 foo.py
foo.py - 运行 lib/bar.py
lib/bar.py - 打印文件路径表达式

| Python | Run statement       | Filepath expression                    |
|--------+---------------------+----------------------------------------|
|      2 | execfile            | os.path.abspath(inspect.stack()[0][1]) |
|      2 | from lib import bar | __file__                               |
|      3 | exec                | (wasn't able to obtain it)             |
|      3 | import lib.bar      | __file__                               |

对于 Python 2，切换到包可能会更清楚，因此可以使用 from lib import bar - 只需添加空 __init__.py 文件到两个文件夹。

对于Python 3， execfile 不存在 - 最接近的替代方案是 exec(open(<filename>).read()), ，尽管这会影响堆栈帧。最简单的就是使用 import foo 和 import lib.bar - 不 __init__.py 需要的文件。

也可以看看 import 和 execfile 之间的区别

---

原答案：

这是基于此线程中答案的实验 - 在 Windows 上使用 Python 2.7.10。

基于堆栈的方法似乎是唯一能够提供可靠结果的方法。最后两个语法最短, ， IE。-

print os.path.abspath(inspect.stack()[0][1])                   # C:\filepaths\lib\bar.py
print os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.stack()[0][1]))  # C:\filepaths\lib

这是要添加到的 系统 作为函数！感谢@Usagi 和@pablog

基于以下三个文件，并从其文件夹中运行 main.py python main.py （还尝试使用绝对路径的 execfiles 并从单独的文件夹调用）。

C:\filepaths\main.py: execfile('foo.py')
C:\filepaths\foo.py: execfile('lib/bar.py')
C:\filepaths\lib\bar.py:

import sys
import os
import inspect

print "Python " + sys.version
print

print __file__                                        # main.py
print sys.argv[0]                                     # main.py
print inspect.stack()[0][1]                           # lib/bar.py
print sys.path[0]                                     # C:\filepaths
print

print os.path.realpath(__file__)                      # C:\filepaths\main.py
print os.path.abspath(__file__)                       # C:\filepaths\main.py
print os.path.basename(__file__)                      # main.py
print os.path.basename(os.path.realpath(sys.argv[0])) # main.py
print

print sys.path[0]                                     # C:\filepaths
print os.path.abspath(os.path.split(sys.argv[0])[0])  # C:\filepaths
print os.path.dirname(os.path.abspath(__file__))      # C:\filepaths
print os.path.dirname(os.path.realpath(sys.argv[0]))  # C:\filepaths
print os.path.dirname(__file__)                       # (empty string)
print

print inspect.getfile(inspect.currentframe())         # lib/bar.py

print os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe())) # C:\filepaths\lib\bar.py
print os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe()))) # C:\filepaths\lib
print

print os.path.abspath(inspect.stack()[0][1])          # C:\filepaths\lib\bar.py
print os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.stack()[0][1]))  # C:\filepaths\lib
print

Answer 4

我认为这更干净：

import inspect
print inspect.stack()[0][1]

并获得与以下相同的信息：

print inspect.getfile(inspect.currentframe())

其中 [0] 是堆栈中的当前帧（堆栈顶部），[1] 是文件名，增加以在堆栈中向后移动，即

print inspect.stack()[1][1]

将是调用当前帧的脚本的文件名。另外，使用 [-1] 将使您到达堆栈的底部，即原始调用脚本。

Answer 5

import os
os.path.dirname(__file__) # relative directory path
os.path.abspath(__file__) # absolute file path
os.path.basename(__file__) # the file name only

Answer 6

如果您的脚本仅包含一个文件，则标记为最佳的建议都是正确的。

如果您想找出可执行文件的名称（即从可能作为模块导入的文件传递给当前程序的 python 解释器的根文件），您需要执行此操作（假设这是在名为 foo.py):

import inspect

print inspect.stack()[-1][1]

因为最后一件事（[-1]）在堆栈上是第一个进入它的东西（堆栈是 LIFO/FILO 数据结构）。

然后在文件中 酒吧.py 如果你 import foo 它会打印 酒吧.py, ， 而不是 foo.py, ，这将是所有这些的值：

• __file__
• inspect.getfile(inspect.currentframe())
• inspect.stack()[0][1]

Answer 7

import os
print os.path.basename(__file__)

这只会给我们文件名。IE。如果文件的绝对路径是 c:\abcd\abc.py 那么第二行将打印 abc.py

Answer 8

目前尚不完全清楚“当前正在进程中运行的文件的文件路径”的含义。sys.argv[0] 通常包含Python解释器调用的脚本的位置。检查 系统文档 更多细节。

正如 @Tim 和 @Pat Notz 所指出的， __file__ 属性提供对

如果文件是从文件加载的，则加载了该模块的文件

Answer 9

我有一个必须在Windows环境下运行的脚本。这段代码是我完成的：

import os,sys
PROJECT_PATH = os.path.abspath(os.path.split(sys.argv[0])[0])

这是一个相当狡猾的决定。但它不需要外部库，这对我来说是最重要的。

Answer 10

import os
os.path.dirname(os.path.abspath(__file__))

不需要检查或任何其他库。

当我必须导入一个脚本（从与执行的脚本不同的目录）时，这对我有用，该脚本使用与导入的脚本位于同一文件夹中的配置文件。

Answer 11

这 __file__ 属性适用于包含主执行代码的文件以及导入的模块。

看 https://web.archive.org/web/20090918095828/http://pyref.infogami.com/__file__

Answer 12

import sys

print sys.path[0]

这将打印当前正在执行的脚本的路径

Answer 13

我认为这只是 __file__ 听起来您可能还想查看 检查模块.

Answer 14

您可以使用 inspect.stack()

import inspect,os
inspect.stack()[0]  => (<frame object at 0x00AC2AC0>, 'g:\\Python\\Test\\_GetCurrentProgram.py', 15, '<module>', ['print inspect.stack()[0]\n'], 0)
os.path.abspath (inspect.stack()[0][1]) => 'g:\\Python\\Test\\_GetCurrentProgram.py'

Answer 15

尝试这个，

import os
os.path.dirname(os.path.realpath(__file__))

Answer 16

import sys
print sys.argv[0]

Answer 17

这应该有效：

import os,sys
filename=os.path.basename(os.path.realpath(sys.argv[0]))
dirname=os.path.dirname(os.path.realpath(sys.argv[0]))

Answer 18

获取执行脚本的目录

 print os.path.dirname( inspect.getfile(inspect.currentframe()))

Answer 19

要保持跨平台（macOS/Windows/Linux）的迁移一致性，请尝试：

path = r'%s' % os.getcwd().replace('\\','/')

Answer 20

print(__file__)
print(__import__("pathlib").Path(__file__).parent)

Answer 21

我使用了 __file__ 的方法
os.path.abspath(__file__)
但是有一个小技巧，它在第一次运行代码时返回.py文件，接下来运行给出 *.pyc文件的名称
所以我留下来：
inspect.getfile(inspect.currentframe())
或者
sys._getframe().f_code.co_filename

Answer 22

我写了一个考虑到eclipse的函数 调试器 和 单元测试。它返回您启动的第一个脚本的文件夹。您可以选择指定 __文件__ var，但最主要的是你不必在所有的程序中共享这个变量 调用层次结构.

也许你可以处理其他堆栈我没有看到的特殊情况，但对我来说没关系。

import inspect, os
def getRootDirectory(_file_=None):
    """
    Get the directory of the root execution file
    Can help: http://stackoverflow.com/questions/50499/how-do-i-get-the-path-and-name-of-the-file-that-is-currently-executing
    For eclipse user with unittest or debugger, the function search for the correct folder in the stack
    You can pass __file__ (with 4 underscores) if you want the caller directory
    """
    # If we don't have the __file__ :
    if _file_ is None:
        # We get the last :
        rootFile = inspect.stack()[-1][1]
        folder = os.path.abspath(rootFile)
        # If we use unittest :
        if ("/pysrc" in folder) & ("org.python.pydev" in folder):
            previous = None
            # We search from left to right the case.py :
            for el in inspect.stack():
                currentFile = os.path.abspath(el[1])
                if ("unittest/case.py" in currentFile) | ("org.python.pydev" in currentFile):
                    break
                previous = currentFile
            folder = previous
        # We return the folder :
        return os.path.dirname(folder)
    else:
        # We return the folder according to specified __file__ :
        return os.path.dirname(os.path.realpath(_file_))

Answer 23

最简单的方法是：

在 script_1.py：

import subprocess
subprocess.call(['python3',<path_to_script_2.py>])

在 script_2.py：

sys.argv[0]

附：我试过了 execfile, ，但由于它将 script_2.py 作为字符串读取， sys.argv[0] 回 <string>.

Answer 24

我一直只使用当前工作目录（CWD）的操作系统功能。这是标准库的一部分，并且非常容易实现。这是一个例子：

    import os
    base_directory = os.getcwd()

Answer 25

大多数答案都是用 Python 2.x 或更早版本编写的。在 Python 3.x 中，打印函数的语法已更改为需要括号，即打印（）。

因此，Python 2.x 中 user13993 的早期高分答案：

import inspect, os
print inspect.getfile(inspect.currentframe()) # script filename (usually with path)
print os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe()))) # script directory

Python 3.x 中变为：

import inspect, os
print(inspect.getfile(inspect.currentframe())) # script filename (usually with path)
print(os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe()))) ) # script directory

Answer 26

如果你只想要文件名而不 ./ 或者 .py 你可以试试这个

filename = testscript.py
file_name = __file__[2:-3]

file_name 将打印testscript，您可以通过更改内部的索引来生成想要的任何东西[

Answer 27

import os

import wx


# return the full path of this file
print(os.getcwd())

icon = wx.Icon(os.getcwd() + '/img/image.png', wx.BITMAP_TYPE_PNG, 16, 16)

# put the icon on the frame
self.SetIcon(icon)