현재 실행 중인 파일의 경로와 이름을 어떻게 알 수 있나요?

Question

다른 스크립트 파일을 호출하는 스크립트가 있지만 현재 프로세스 내에서 실행 중인 파일의 파일 경로를 가져와야 합니다.

예를 들어 세 개의 파일이 있다고 가정해 보겠습니다.사용 실행 파일:

• script_1.py 전화 script_2.py.
• 차례로, script_2.py 전화 script_3.py.

파일 이름과 경로를 어떻게 알 수 있나요? script_3.py, 내부 코드에서 script_3.py, 해당 정보를 인수로 전달할 필요 없이 script_2.py?

(실행 중 os.getcwd() 현재 파일이 아닌 원래 시작 스크립트의 파일 경로를 반환합니다.)

Answer 1

p1.py:

execfile("p2.py")

p2.py:

import inspect, os
print inspect.getfile(inspect.currentframe()) # script filename (usually with path)
print os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe()))) # script directory

Answer 2

__file__

다른 사람들이 말했듯이.당신은 또한 사용하고 싶을 수도 있습니다 os.path.realpath 심볼릭 링크를 제거하려면:

import os

os.path.realpath(__file__)

Answer 3

2018년 11월 28일 업데이트:

다음은 Python 2와 3을 사용한 실험을 요약한 것입니다.와 함께

main.py - foo.py를 실행합니다.
foo.py - lib/bar.py를 실행합니다.
lib/bar.py - 파일 경로 표현식을 인쇄합니다.

| Python | Run statement       | Filepath expression                    |
|--------+---------------------+----------------------------------------|
|      2 | execfile            | os.path.abspath(inspect.stack()[0][1]) |
|      2 | from lib import bar | __file__                               |
|      3 | exec                | (wasn't able to obtain it)             |
|      3 | import lib.bar      | __file__                               |

Python 2의 경우 패키지로 전환하는 것이 더 명확할 수 있으므로 다음을 사용할 수 있습니다. from lib import bar - 그냥 공백으로 추가하세요 __init__.py 두 폴더에 파일을 넣으세요.

파이썬 3의 경우, execfile 존재하지 않습니다. 가장 가까운 대안은 다음과 같습니다. exec(open(<filename>).read()), 그러나 이는 스택 프레임에 영향을 미칩니다.그냥 사용하는 것이 가장 간단합니다 import foo 그리고 import lib.bar - 아니요 __init__.py 필요한 파일.

또한보십시오 가져오기와 실행 파일의 차이점

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원래 답변:

다음은 Windows에서 Python 2.7.10을 사용하여 이 스레드의 답변을 기반으로 한 실험입니다.

스택 기반의 것들은 신뢰할 수 있는 결과를 제공하는 유일한 것 같습니다.마지막 두 개는 구문이 가장 짧습니다., 즉.-

print os.path.abspath(inspect.stack()[0][1])                   # C:\filepaths\lib\bar.py
print os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.stack()[0][1]))  # C:\filepaths\lib

여기에 추가되는 내용은 다음과 같습니다. 시스템 기능으로!@Usagi 및 @pablog에 대한 크레딧

다음 세 파일을 기반으로 해당 폴더에서 main.py를 실행합니다. python main.py (또한 절대 경로를 사용하여 별도의 폴더에서 호출하여 execfile을 시도했습니다).

C:\파일 경로\main.py: execfile('foo.py')
C:\파일 경로\foo.py: execfile('lib/bar.py')
C:\파일 경로\lib\bar.py:

import sys
import os
import inspect

print "Python " + sys.version
print

print __file__                                        # main.py
print sys.argv[0]                                     # main.py
print inspect.stack()[0][1]                           # lib/bar.py
print sys.path[0]                                     # C:\filepaths
print

print os.path.realpath(__file__)                      # C:\filepaths\main.py
print os.path.abspath(__file__)                       # C:\filepaths\main.py
print os.path.basename(__file__)                      # main.py
print os.path.basename(os.path.realpath(sys.argv[0])) # main.py
print

print sys.path[0]                                     # C:\filepaths
print os.path.abspath(os.path.split(sys.argv[0])[0])  # C:\filepaths
print os.path.dirname(os.path.abspath(__file__))      # C:\filepaths
print os.path.dirname(os.path.realpath(sys.argv[0]))  # C:\filepaths
print os.path.dirname(__file__)                       # (empty string)
print

print inspect.getfile(inspect.currentframe())         # lib/bar.py

print os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe())) # C:\filepaths\lib\bar.py
print os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe()))) # C:\filepaths\lib
print

print os.path.abspath(inspect.stack()[0][1])          # C:\filepaths\lib\bar.py
print os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.stack()[0][1]))  # C:\filepaths\lib
print

Answer 4

나는 이것이 더 깨끗하다고 ​​생각합니다.

import inspect
print inspect.stack()[0][1]

다음과 같은 정보를 얻습니다.

print inspect.getfile(inspect.currentframe())

여기서 [0]은 스택의 현재 프레임(스택 상단)이고 [1]은 파일 이름입니다. 즉, 스택에서 뒤로 이동하려면 증가합니다.

print inspect.stack()[1][1]

현재 프레임을 호출한 스크립트의 파일 이름이 됩니다.또한 [-1]을 사용하면 원래 호출 스크립트인 스택의 맨 아래로 이동하게 됩니다.

Answer 5

import os
os.path.dirname(__file__) # relative directory path
os.path.abspath(__file__) # absolute file path
os.path.basename(__file__) # the file name only

Answer 6

최고로 표시된 제안은 스크립트가 하나의 파일로만 구성된 경우 모두 사실입니다.

실행 파일의 이름을 알고 싶다면(예:현재 프로그램의 Python 인터프리터에 전달된 루트 파일)을 모듈로 가져올 수 있는 파일에서 이 작업을 수행해야 합니다(이 파일이 foo.py):

import inspect

print inspect.stack()[-1][1]

왜냐하면 마지막 것([-1])가 스택에 가장 먼저 들어갑니다(스택은 LIFO/FILO 데이터 구조입니다).

그런 다음 파일에 bar.py 만약 너라면 import foo 인쇄될 거예요 bar.py,보다는 foo.py, 이는 다음 모두의 값이 됩니다.

• __file__
• inspect.getfile(inspect.currentframe())
• inspect.stack()[0][1]

Answer 7

import os
print os.path.basename(__file__)

그러면 파일 이름만 제공됩니다.즉.파일의 절대 경로가 c:\abcd\abc.py이면 두 번째 줄은 abc.py를 인쇄합니다.

Answer 8

"현재 프로세스 내에서 실행 중인 파일의 파일 경로"가 무엇을 의미하는지 완전히 명확하지 않습니다.sys.argv[0] 일반적으로 Python 인터프리터가 호출한 스크립트의 위치를 ​​포함합니다.을 체크 해봐 시스템 문서 상세 사항은.

@Tim과 @Pat Notz가 지적했듯이 __file__ 속성은 다음에 대한 액세스를 제공합니다.

파일에서로드 된 경우 모듈이로드 된 파일

Answer 9

Windows 환경에서 작동해야 하는 스크립트가 있습니다.잘라낸 이 코드는 내가 완성한 것입니다.

import os,sys
PROJECT_PATH = os.path.abspath(os.path.split(sys.argv[0])[0])

그것은 꽤 해키적인 결정입니다.하지만 외부 라이브러리가 필요하지 않으며 제 경우에는 이것이 가장 중요합니다.

Answer 10

import os
os.path.dirname(os.path.abspath(__file__))

검사나 다른 라이브러리가 필요하지 않습니다.

이는 가져온 스크립트와 동일한 폴더에 있는 구성 파일을 사용하는 스크립트(실행된 스크립트와 다른 디렉터리에서)를 가져와야 할 때 효과적이었습니다.

Answer 11

그만큼 __file__ 속성은 기본 실행 코드가 포함된 파일과 가져온 모듈 모두에 대해 작동합니다.

보다 https://web.archive.org/web/20090918095828/http://pyref.infogami.com/__file__

Answer 12

import sys

print sys.path[0]

현재 실행 중인 스크립트의 경로가 인쇄됩니다.

Answer 13

내 생각엔 그냥 __file__ 확인해 보시는 것도 좋을 것 같습니다. 모듈 검사.

Answer 14

당신이 사용할 수있는 inspect.stack()

import inspect,os
inspect.stack()[0]  => (<frame object at 0x00AC2AC0>, 'g:\\Python\\Test\\_GetCurrentProgram.py', 15, '<module>', ['print inspect.stack()[0]\n'], 0)
os.path.abspath (inspect.stack()[0][1]) => 'g:\\Python\\Test\\_GetCurrentProgram.py'

Answer 15

이 시도,

import os
os.path.dirname(os.path.realpath(__file__))

Answer 16

import sys
print sys.argv[0]

Answer 17

이것은 작동합니다:

import os,sys
filename=os.path.basename(os.path.realpath(sys.argv[0]))
dirname=os.path.dirname(os.path.realpath(sys.argv[0]))

Answer 18

스크립트 실행 디렉토리를 얻으려면

 print os.path.dirname( inspect.getfile(inspect.currentframe()))

Answer 19

플랫폼(macOS/Windows/Linux) 전반에서 마이그레이션 일관성을 유지하려면 다음을 시도해 보세요.

path = r'%s' % os.getcwd().replace('\\','/')

Answer 20

print(__file__)
print(__import__("pathlib").Path(__file__).parent)

Answer 21

나는 __file__과 함께 접근 방식을 사용했습니다.
os.path.abspath(__file__)
그러나 약간의 속임수가 있습니다. 코드가 처음 실행될 때 .py 파일을 반환하고 다음 실행은 *.pyc 파일의 이름을 부여합니다.
그래서 나는 다음과 함께 머물렀다:
inspect.getfile(inspect.currentframe())
또는
sys._getframe().f_code.co_filename

Answer 22

Eclipse를 고려한 함수를 작성했습니다. 디버거 그리고 단위 테스트.실행한 첫 번째 스크립트의 폴더를 반환합니다.선택적으로 다음을 지정할 수 있습니다. __파일__ var이지만 가장 중요한 점은 이 변수를 모든 프로젝트에서 공유할 필요가 없다는 것입니다. 호출 계층 구조.

어쩌면 내가 보지 못한 다른 스택의 특정 사례를 처리할 수도 있지만 나에게는 괜찮습니다.

import inspect, os
def getRootDirectory(_file_=None):
    """
    Get the directory of the root execution file
    Can help: http://stackoverflow.com/questions/50499/how-do-i-get-the-path-and-name-of-the-file-that-is-currently-executing
    For eclipse user with unittest or debugger, the function search for the correct folder in the stack
    You can pass __file__ (with 4 underscores) if you want the caller directory
    """
    # If we don't have the __file__ :
    if _file_ is None:
        # We get the last :
        rootFile = inspect.stack()[-1][1]
        folder = os.path.abspath(rootFile)
        # If we use unittest :
        if ("/pysrc" in folder) & ("org.python.pydev" in folder):
            previous = None
            # We search from left to right the case.py :
            for el in inspect.stack():
                currentFile = os.path.abspath(el[1])
                if ("unittest/case.py" in currentFile) | ("org.python.pydev" in currentFile):
                    break
                previous = currentFile
            folder = previous
        # We return the folder :
        return os.path.dirname(folder)
    else:
        # We return the folder according to specified __file__ :
        return os.path.dirname(os.path.realpath(_file_))

Answer 23

가장 간단한 방법은 다음과 같습니다.

~에 script_1.py:

import subprocess
subprocess.call(['python3',<path_to_script_2.py>])

~에 script_2.py:

sys.argv[0]

추신.:난 노력 했어 execfile, 하지만 script_2.py를 문자열로 읽기 때문에, sys.argv[0] 반환 <string>.

Answer 24

저는 항상 Current Working Directory(CWD)의 os 기능을 사용해 왔습니다.이는 표준 라이브러리의 일부이며 구현하기가 매우 쉽습니다.예는 다음과 같습니다.

    import os
    base_directory = os.getcwd()

Answer 25

이러한 답변의 대부분은 Python 버전 2.x 이하로 작성되었습니다.Python 3.x에서는 인쇄 함수의 구문이 괄호를 요구하도록 변경되었습니다.인쇄().

따라서 Python 2.x에서 user13993의 이전 최고 점수 답변은 다음과 같습니다.

import inspect, os
print inspect.getfile(inspect.currentframe()) # script filename (usually with path)
print os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe()))) # script directory

Python 3.x에서는 다음과 같습니다.

import inspect, os
print(inspect.getfile(inspect.currentframe())) # script filename (usually with path)
print(os.path.dirname(os.path.abspath(inspect.getfile(inspect.currentframe()))) ) # script directory

Answer 26

없이 파일 이름만 원하는 경우 ./ 또는 .py 당신은 이것을 시도 할 수 있습니다

filename = testscript.py
file_name = __file__[2:-3]

file_name 테스트 스크립트를 인쇄합니다.

Answer 27

import os

import wx


# return the full path of this file
print(os.getcwd())

icon = wx.Icon(os.getcwd() + '/img/image.png', wx.BITMAP_TYPE_PNG, 16, 16)

# put the icon on the frame
self.SetIcon(icon)