如何获得节点而不XQuery中的孩子吗？

Question

所以我有元素，我基本上是试图加入的两个节点。我想顶层节点将保持不变，但通过引用的那些横被替换的子节点。

假设：

<stuff>
  <item foo="foo" boo="1"/>
  <item foo="bar" boo="2" />
  <item foo="baz" boo="3"/>
  <item foo="blah boo="4""/>
</stuff>

<list  a="1" b="2">
  <foo>bar</foo>
  <foo>baz</foo>
</list>

我通过“列表”中和“东西”交叉参考元件造成这种结果要循环

<list  a="1" b="2">
  <item foo="bar" boo="2" />
  <item foo="baz" boo="3"/>  
</list>

我要做到这一点，而无需了解哪些属性可能是“名单”上。换句话说，我不想显式调用它们像

attribute a { $list/@a }, attribute b { $list/@b }

Answer 1

使用：

<强> $list1/item[@foo = $list2/item/@foo]

这个选择在<item>所有$list1元件，其foo属性是等于$ list2中的foo元件中的一个的<item>属性的值。

<强>为了复制<list>元素的所有属性，这样做：

  for $attr in /whateverIsthePathLeadingToList/list/@*
    return 
      attibute {name($attr)} {$attr}

Answer 2

略simplier ...创建从现有的新对象，但没有它的子属性仅

假设：

让$ old_list：=

此创建一个新的列表复制其属性

 <list>{$old_list/@*}</list>