mysqlデータベースが存在するかどうかを確認する方法
質問
接続を確立した後、(MySQL)データベースが存在するかどうかを確認できます。
DBにテーブルが存在するかどうかを確認する方法は知っていますが、DBが存在するかどうかを確認する必要があります。そうでない場合は、別のコードを呼び出して作成し、データを取り込む必要があります。
これはすべてやや洗練されていないように聞こえますが、これは迅速で汚れたアプリです。
解決
SELECT SCHEMA_NAME
FROM INFORMATION_SCHEMA.SCHEMATA
WHERE SCHEMA_NAME = 'DBName'
データベースが存在するかどうかを知る必要があるだけで、作成しようとしてエラーが発生しない場合は、単に(From こちら):
CREATE DATABASE IF NOT EXISTS DBName;
他のヒント
データベースが存在するかどうかを確認する簡単な方法は次のとおりです。
SHOW DATABASES LIKE 'dbname';
「dbname」という名前のデータベースが存在しない場合、空のセットを取得します。存在する場合、1行取得します。
PHPスクリプトを探している場合は、以下を参照してください。
$link = mysql_connect('localhost', 'mysql_user', 'mysql_password');
if (!$link) {
die('Not connected : ' . mysql_error());
}
// make foo the current db
$db_selected = mysql_select_db('foo', $link);
if (!$db_selected) {
die ('Cannot use foo : ' . mysql_error());
}
bashのようなシェルから
if [[ ! -z "`mysql -qfsBe "SELECT SCHEMA_NAME FROM INFORMATION_SCHEMA.SCHEMATA WHERE SCHEMA_NAME='db'" 2>&1`" ]];
then
echo "DATABASE ALREADY EXISTS"
else
echo "DATABASE DOES NOT EXIST"
fi
これは、データベースが存在するかどうかを確認するためのbash関数です。
function does_db_exist {
local db="${1}"
local output=$(mysql -s -N -e "SELECT schema_name FROM information_schema.schemata WHERE schema_name = '${db}'" information_schema)
if [[ -z "${output}" ]]; then
return 1 # does not exist
else
return 0 # exists
fi
}
別の方法は、データベースを使用しようとすることです。これにより権限もチェックされることに注意してください:
if mysql "${db}" >/dev/null 2>&1 </dev/null
then
echo "${db} exists (and I have permission to access it)"
else
echo "${db} does not exist (or I do not have permission to access it)"
fi
PHPにデータベースが存在するかどうかを確認する優れた方法は次のとおりです。
$mysql = mysql_connect("<your host>", "root", "");
if (mysql_select_db($mysql, '<your db name>')) {
echo "Database exists";
} else {
echo "Database does not exist";
}
それは私がいつも使用する方法です。
非常にシンプルなBASHワンライナー:
mysqlshow | grep dbname
CREATE SCHEMA IF NOT EXISTS `demodb` DEFAULT CHARACTER SET utf8 ;
SELECT IF('database_name' IN(SELECT SCHEMA_NAME FROM INFORMATION_SCHEMA.SCHEMATA), 1, 0) AS found;
mysqliでphpを使用する場合、これが私の解決策です。答えはすでに答えられていることは知っていますが、mysqliの準備されたステートメントとしても答えが役立つと思いました。
$db = new mysqli('localhost',username,password);
$database="somedatabase";
$query="SELECT SCHEMA_NAME FROM INFORMATION_SCHEMA.SCHEMATA WHERE SCHEMA_NAME=?";
$stmt = $db->prepare($query);
$stmt->bind_param('s',$database);
$stmt->execute();
$stmt->bind_result($data);
if($stmt->fetch())
{
echo "Database exists.";
}
else
{
echo"Database does not exist!!!";
}
$stmt->close();
bashの使用:
if [ "`mysql -u'USER' -p'PASSWORD' -se'USE $DATABASE_NAME;' 2>&1`" == "" ]; then
echo $DATABASE_NAME exist
else
echo $DATABASE_NAME doesn't exist
fi
長く曲がりくねっている(ただし、耐えてください!)、DBが存在するかどうかを確認し、必要なテーブルを作成するために作成したクラスシステムを次に示します。
<?php
class Table
{
public static function Script()
{
return "
CREATE TABLE IF NOT EXISTS `users` ( `id` INT NOT NULL PRIMARY KEY AUTO_INCREMENT );
";
}
}
class Install
{
#region Private constructor
private static $link;
private function __construct()
{
static::$link = new mysqli();
static::$link->real_connect("localhost", "username", "password");
}
#endregion
#region Instantiator
private static $instance;
public static function Instance()
{
static::$instance = (null === static::$instance ? new self() : static::$instance);
return static::$instance;
}
#endregion
#region Start Install
private static $installed;
public function Start()
{
var_dump(static::$installed);
if (!static::$installed)
{
if (!static::$link->select_db("en"))
{
static::$link->query("CREATE DATABASE `en`;")? $die = false: $die = true;
if ($die)
return false;
static::$link->select_db("en");
}
else
{
static::$link->select_db("en");
}
return static::$installed = static::DatabaseMade();
}
else
{
return static::$installed;
}
}
#endregion
#region Table creator
private static function CreateTables()
{
$tablescript = Table::Script();
return static::$link->multi_query($tablescript) ? true : false;
}
#endregion
private static function DatabaseMade()
{
$created = static::CreateTables();
if ($created)
{
static::$installed = true;
}
else
{
static::$installed = false;
}
return $created;
}
}
これで、データベース名 en
を任意のデータベース名に置き換えることができ、作成者スクリプトを何にでも変更できます(うまくいけば!)。誰かがこれを改善できるなら、私に知らせてください!
注
PHPツールでVisual Studioを使用しない場合、リージョンについて心配する必要はありません。リージョンはコードの折りたたみ用です:P
レールコード:
ruby-1.9.2-p290 :099 > ActiveRecord::Base.connection.execute("USE INFORMATION_SCHEMA")
ruby-1.9.2-p290 :099 > ActiveRecord::Base.connection.execute("SELECT SCHEMA_NAME FROM INFORMATION_SCHEMA.SCHEMATA WHERE SCHEMA_NAME = 'entos_development'").to_a
SQL (0.2ms) SELECT SCHEMA_NAME FROM INFORMATION_SCHEMA.SCHEMATA WHERE SCHEMA_NAME = 'entos_development'
=> [["entos_development"]]
ruby-1.9.2-p290 :100 > ActiveRecord::Base.connection.execute("SELECT SCHEMA_NAME FROM INFORMATION_SCHEMA.SCHEMATA WHERE SCHEMA_NAME = 'entos_development1'").to_a
SQL (0.3ms) SELECT SCHEMA_NAME FROM INFORMATION_SCHEMA.SCHEMATA WHERE SCHEMA_NAME = 'entos_development1'
=> []
=&gt; entos_developmentは存在しますが、entos_development1は存在しません
IF EXISTS (SELECT SCHEMA_NAME FROM INFORMATION_SCHEMA.SCHEMATA WHERE SCHEMA_NAME = N'YourDatabaseName')
BEGIN
-- Database exists, so do your stuff here.
END
MySQLの代わりにMSSQLを使用している場合は、この同様のスレッドから回答。
単に次のクエリを使用しています:
"USE 'DBname'"
次に、結果がFALSEかどうかを確認します。 そうしないと、アクセス拒否エラーが発生する可能性がありますが、それはわかりません。 したがって、関連する特権の場合は、次を使用できます。
"SHOW DATABASES LIKE 'DBname'"
前述のとおり。
このスクリプトを使用すると、データベースが存在する場合は「はい」または「いいえ」を取得でき、存在しない場合は例外をスローしません。
SELECT
IF(EXISTS( SELECT
SCHEMA_NAME
FROM
INFORMATION_SCHEMA.SCHEMATA
WHERE
SCHEMA_NAME = 'DbName'),
'Yes',
'No') as exist
次の解決策は私のために働いた:
mysql -u${MYSQL_USER} -p${MYSQL_PASSWORD} \
-s -N -e "SELECT SCHEMA_NAME FROM INFORMATION_SCHEMA.SCHEMATA WHERE SCHEMA_NAME='${MYSQL_DATABASE}'"