Как десериализовать XML-документ

Question

Как мне десериализовать этот XML-документ:

<?xml version="1.0" encoding="utf-8"?>
<Cars>
  <Car>
    <StockNumber>1020</StockNumber>
    <Make>Nissan</Make>
    <Model>Sentra</Model>
  </Car>
  <Car>
    <StockNumber>1010</StockNumber>
    <Make>Toyota</Make>
    <Model>Corolla</Model>
  </Car>
  <Car>
    <StockNumber>1111</StockNumber>
    <Make>Honda</Make>
    <Model>Accord</Model>
  </Car>
</Cars>

У меня есть это:

[Serializable()]
public class Car
{
    [System.Xml.Serialization.XmlElementAttribute("StockNumber")]
    public string StockNumber{ get; set; }

    [System.Xml.Serialization.XmlElementAttribute("Make")]
    public string Make{ get; set; }

    [System.Xml.Serialization.XmlElementAttribute("Model")]
    public string Model{ get; set; }
}

.

[System.Xml.Serialization.XmlRootAttribute("Cars", Namespace = "", IsNullable = false)]
public class Cars
{
    [XmlArrayItem(typeof(Car))]
    public Car[] Car { get; set; }

}

.

public class CarSerializer
{
    public Cars Deserialize()
    {
        Cars[] cars = null;
        string path = HttpContext.Current.ApplicationInstance.Server.MapPath("~/App_Data/") + "cars.xml";

        XmlSerializer serializer = new XmlSerializer(typeof(Cars[]));

        StreamReader reader = new StreamReader(path);
        reader.ReadToEnd();
        cars = (Cars[])serializer.Deserialize(reader);
        reader.Close();

        return cars;
    }
}

похоже, это не работает :-(

Answer 1

Вот рабочая версия.Я изменил метки XmlElementAttribute на XmlElement, поскольку в xml значения StockNumber, Make и Model являются элементами, а не атрибутами.Также я удалил ReadToEnd();(что функция читает весь поток и возвращает строку, поэтому функция Deserialze() больше не может использовать средство чтения... позиция была в конце потока).Я также позволил себе несколько вольностей с именами :).

Вот классы:

[Serializable()]
public class Car
{
    [System.Xml.Serialization.XmlElement("StockNumber")]
    public string StockNumber { get; set; }

    [System.Xml.Serialization.XmlElement("Make")]
    public string Make { get; set; }

    [System.Xml.Serialization.XmlElement("Model")]
    public string Model { get; set; }
}


[Serializable()]
[System.Xml.Serialization.XmlRoot("CarCollection")]
public class CarCollection
{
    [XmlArray("Cars")]
    [XmlArrayItem("Car", typeof(Car))]
    public Car[] Car { get; set; }
}

Функция десериализации:

CarCollection cars = null;
string path = "cars.xml";

XmlSerializer serializer = new XmlSerializer(typeof(CarCollection));

StreamReader reader = new StreamReader(path);
cars = (CarCollection)serializer.Deserialize(reader);
reader.Close();

И слегка измененный xml (мне нужно было добавить новый элемент для переноса <Cars>...Net требователен к десериализации массивов):

<?xml version="1.0" encoding="utf-8"?>
<CarCollection>
<Cars>
  <Car>
    <StockNumber>1020</StockNumber>
    <Make>Nissan</Make>
    <Model>Sentra</Model>
  </Car>
  <Car>
    <StockNumber>1010</StockNumber>
    <Make>Toyota</Make>
    <Model>Corolla</Model>
  </Car>
  <Car>
    <StockNumber>1111</StockNumber>
    <Make>Honda</Make>
    <Model>Accord</Model>
  </Car>
</Cars>
</CarCollection>

Answer 2

Как насчет того, чтобы просто сохранить XML в файл и использовать хсд генерировать классы С#?

1. Запишите файл на диск (я назвал его foo.xml)
2. Сгенерируйте xsd: xsd foo.xml
3. Создайте С#: xsd foo.xsd /classes

Et voila - и файл кода C#, который должен иметь возможность читать данные через XmlSerializer:

    XmlSerializer ser = new XmlSerializer(typeof(Cars));
    Cars cars;
    using (XmlReader reader = XmlReader.Create(path))
    {
        cars = (Cars) ser.Deserialize(reader);
    }

(включите в проект сгенерированный файл foo.cs)

Answer 3

У вас есть две возможности.

Способ 1. XSD инструмент

---

Предположим, что ваш XML-файл находится в этом месте. C:\path\to\xml\file.xml

1. Открыть Командная строка разработчика
   Вы можете найти его в Start Menu > Programs > Microsoft Visual Studio 2012 > Visual Studio Tools Или, если у вас Windows 8, можете просто начать печатать Командная строка разработчика в Стартовый экран
2. Измените местоположение каталога файлов XML, набрав cd /D "C:\path\to\xml"
3. Создавать XSD-файл из вашего XML-файла, набрав xsd file.xml
4. Создавать Классы С# набрав xsd /c file.xsd

Вот и все!Вы создали классы C# из XML-файла в C:\path\to\xml\file.cs

Способ 2 – Специальная вставка

---

Требуется Visual Studio 2012+.

1. Скопируйте содержимое вашего XML-файла в буфер обмена.
2. Добавьте в свое решение новый пустой файл класса (Сдвиг+Альтернативный вариант+С)
3. Откройте этот файл и в меню нажмите Edit > Paste special > Paste XML As Classes
   

Вот и все!

Применение

---

Использование этого вспомогательного класса очень просто:

using System;
using System.IO;
using System.Web.Script.Serialization; // Add reference: System.Web.Extensions
using System.Xml;
using System.Xml.Serialization;

namespace Helpers
{
    internal static class ParseHelpers
    {
        private static JavaScriptSerializer json;
        private static JavaScriptSerializer JSON { get { return json ?? (json = new JavaScriptSerializer()); } }

        public static Stream ToStream(this string @this)
        {
            var stream = new MemoryStream();
            var writer = new StreamWriter(stream);
            writer.Write(@this);
            writer.Flush();
            stream.Position = 0;
            return stream;
        }


        public static T ParseXML<T>(this string @this) where T : class
        {
            var reader = XmlReader.Create(@this.Trim().ToStream(), new XmlReaderSettings() { ConformanceLevel = ConformanceLevel.Document });
            return new XmlSerializer(typeof(T)).Deserialize(reader) as T;
        }

        public static T ParseJSON<T>(this string @this) where T : class
        {
            return JSON.Deserialize<T>(@this.Trim());
        }
    }
}

Все, что вам нужно сделать сейчас, это:

    public class JSONRoot
    {
        public catalog catalog { get; set; }
    }
    // ...

    string xml = File.ReadAllText(@"D:\file.xml");
    var catalog1 = xml.ParseXML<catalog>();

    string json = File.ReadAllText(@"D:\file.json");
    var catalog2 = json.ParseJSON<JSONRoot>();

Answer 4

Следующий фрагмент должен помочь (и вы можете игнорировать большинство атрибутов сериализации):

public class Car
{
  public string StockNumber { get; set; }
  public string Make { get; set; }
  public string Model { get; set; }
}

[XmlRootAttribute("Cars")]
public class CarCollection
{
  [XmlElement("Car")]
  public Car[] Cars { get; set; }
}

...

using (TextReader reader = new StreamReader(path))
{
  XmlSerializer serializer = new XmlSerializer(typeof(CarCollection));
  return (CarCollection) serializer.Deserialize(reader);
}

Answer 5

Посмотрите, поможет ли это:

[Serializable()]
[System.Xml.Serialization.XmlRootAttribute("Cars", Namespace = "", IsNullable = false)]
public class Cars
{
    [XmlArrayItem(typeof(Car))]
    public Car[] Car { get; set; }
}

.

[Serializable()]
public class Car
{
    [System.Xml.Serialization.XmlElement()]
    public string StockNumber{ get; set; }

    [System.Xml.Serialization.XmlElement()]
    public string Make{ get; set; }

    [System.Xml.Serialization.XmlElement()]
    public string Model{ get; set; }
}

В противном случае используйте программу xsd.exe, поставляемую с Visual Studio, для создания документа схемы на основе этого XML-файла, а затем используйте ее снова для создания класса на основе документа схемы.

Answer 6

Я не думаю, что .net «требователен к десериализации массивов».Первый XML-документ имеет неправильный формат.Корневого элемента нет, хотя вроде бы он есть.Канонический XML-документ имеет корень и как минимум 1 элемент (если вообще есть).В вашем примере:

<Root> <-- well, the root
  <Cars> <-- an element (not a root), it being an array
    <Car> <-- an element, it being an array item
    ...
    </Car>
  </Cars>
</Root>

Answer 7

попробуйте этот блок кода, если ваш XML-файл был создан где-то на диске и вы использовали List<T>:

//deserialization

XmlSerializer xmlser = new XmlSerializer(typeof(List<Item>));
StreamReader srdr = new StreamReader(@"C:\serialize.xml");
List<Item> p = (List<Item>)xmlser.Deserialize(srdr);
srdr.Close();`

Примечание: C:\serialize.xml это путь к моему XML-файлу.Вы можете изменить его под свои нужды.

Answer 8

Ответ Кевина хорош, если не считать того факта, что в реальном мире вы часто не можете изменить исходный XML в соответствии со своими потребностями.

Для исходного XML также есть простое решение:

[XmlRoot("Cars")]
public class XmlData
{
    [XmlElement("Car")]
    public List<Car> Cars{ get; set; }
}

public class Car
{
    public string StockNumber { get; set; }
    public string Make { get; set; }
    public string Model { get; set; }
}

И тогда вы можете просто позвонить:

var ser = new XmlSerializer(typeof(XmlData));
XmlData data = (XmlData)ser.Deserialize(XmlReader.Create(PathToCarsXml));

Answer 9

Попробуйте этот общий класс для сериализации и десериализации XML.

public class SerializeConfig<T> where T : class
{
    public static void Serialize(string path, T type)
    {
        var serializer = new XmlSerializer(type.GetType());
        using (var writer = new FileStream(path, FileMode.Create))
        {
            serializer.Serialize(writer, type);
        }
    }

    public static T DeSerialize(string path)
    {
        T type;
        var serializer = new XmlSerializer(typeof(T));
        using (var reader = XmlReader.Create(path))
        {
            type = serializer.Deserialize(reader) as T;
        }
        return type;
    }
}

Answer 10

Для начинающих

Я нашел ответы здесь очень полезными, но я все еще боролся (немного), чтобы заставить это работать.Итак, если кому-то это поможет, я изложу рабочее решение:

XML из исходного вопроса.XML находится в файле Class1.xml, path к этому файлу используется в коде для поиска этого XML-файла.

Я использовал ответ @erymski, чтобы это заработало, поэтому создал файл Car.cs и добавил следующее:

using System.Xml.Serialization;  // Added

public class Car
{
    public string StockNumber { get; set; }
    public string Make { get; set; }
    public string Model { get; set; }
}

[XmlRootAttribute("Cars")]
public class CarCollection
{
    [XmlElement("Car")]
    public Car[] Cars { get; set; }
}

Другой фрагмент кода, предоставленный @erymski...

using (TextReader reader = new StreamReader(path))
{
  XmlSerializer serializer = new XmlSerializer(typeof(CarCollection));
  return (CarCollection) serializer.Deserialize(reader);
}

...входит в вашу основную программу (Program.cs), в static CarCollection XCar() так:

using System;
using System.IO;
using System.Xml.Serialization;

namespace ConsoleApp2
{
    class Program
    {

        public static void Main()
        {
            var c = new CarCollection();

            c = XCar();

            foreach (var k in c.Cars)
            {
                Console.WriteLine(k.Make + " " + k.Model + " " + k.StockNumber);
            }
            c = null;
            Console.ReadLine();

        }
        static CarCollection XCar()
        {
            using (TextReader reader = new StreamReader(@"C:\Users\SlowLearner\source\repos\ConsoleApp2\ConsoleApp2\Class1.xml"))
            {
                XmlSerializer serializer = new XmlSerializer(typeof(CarCollection));
                return (CarCollection)serializer.Deserialize(reader);
            }
        }
    }
}

Надеюсь, поможет :-)

Answer 11

Идея состоит в том, чтобы все уровень обрабатывался для десериализации, см. Примерное решение, которое решило мою аналогичную проблему

<?xml version="1.0" ?> 
 <TRANSACTION_RESPONSE>
    <TRANSACTION>
        <TRANSACTION_ID>25429</TRANSACTION_ID> 
        <MERCHANT_ACC_NO>02700701354375000964</MERCHANT_ACC_NO> 
        <TXN_STATUS>F</TXN_STATUS> 
        <TXN_SIGNATURE>a16af68d4c3e2280e44bd7c2c23f2af6cb1f0e5a28c266ea741608e72b1a5e4224da5b975909cc43c53b6c0f7f1bbf0820269caa3e350dd1812484edc499b279</TXN_SIGNATURE> 
        <TXN_SIGNATURE2>B1684258EA112C8B5BA51F73CDA9864D1BB98E04F5A78B67A3E539BEF96CCF4D16CFF6B9E04818B50E855E0783BB075309D112CA596BDC49F9738C4BF3AA1FB4</TXN_SIGNATURE2> 
        <TRAN_DATE>29-09-2015 07:36:59</TRAN_DATE> 
        <MERCHANT_TRANID>150929093703RUDZMX4</MERCHANT_TRANID> 
        <RESPONSE_CODE>9967</RESPONSE_CODE> 
        <RESPONSE_DESC>Bank rejected transaction!</RESPONSE_DESC> 
        <CUSTOMER_ID>RUDZMX</CUSTOMER_ID> 
        <AUTH_ID /> 
        <AUTH_DATE /> 
        <CAPTURE_DATE /> 
        <SALES_DATE /> 
        <VOID_REV_DATE /> 
        <REFUND_DATE /> 
        <REFUND_AMOUNT>0.00</REFUND_AMOUNT> 
    </TRANSACTION>
  </TRANSACTION_RESPONSE> 

Вышеупомянутый XML обрабатывается на двух уровнях.

  [XmlType("TRANSACTION_RESPONSE")]
public class TransactionResponse
{
    [XmlElement("TRANSACTION")]
    public BankQueryResponse Response { get; set; }

}

Внутренний уровень

public class BankQueryResponse
{
    [XmlElement("TRANSACTION_ID")]
    public string TransactionId { get; set; }

    [XmlElement("MERCHANT_ACC_NO")]
    public string MerchantAccNo { get; set; }

    [XmlElement("TXN_SIGNATURE")]
    public string TxnSignature { get; set; }

    [XmlElement("TRAN_DATE")]
    public DateTime TranDate { get; set; }

    [XmlElement("TXN_STATUS")]
    public string TxnStatus { get; set; }


    [XmlElement("REFUND_DATE")]
    public DateTime RefundDate { get; set; }

    [XmlElement("RESPONSE_CODE")]
    public string ResponseCode { get; set; }


    [XmlElement("RESPONSE_DESC")]
    public string ResponseDesc { get; set; }

    [XmlAttribute("MERCHANT_TRANID")]
    public string MerchantTranId { get; set; }

}

Точно так же вам нужно несколько уровней с car as array Проверьте этот пример на наличие многоуровневой десериализации.

Answer 12

Если вы получаете ошибки при использовании xsd.exe для создания вашего xsd-файла используйте класс XmlSchemaInference, как уже упоминалось в msdn.Вот модульный тест для демонстрации:

using System.Xml;
using System.Xml.Schema;

[TestMethod]
public void GenerateXsdFromXmlTest()
{
    string folder = @"C:\mydir\mydata\xmlToCSharp";
    XmlReader reader = XmlReader.Create(folder + "\some_xml.xml");
    XmlSchemaSet schemaSet = new XmlSchemaSet();
    XmlSchemaInference schema = new XmlSchemaInference();

    schemaSet = schema.InferSchema(reader);


    foreach (XmlSchema s in schemaSet.Schemas())
    {
        XmlWriter xsdFile = new XmlTextWriter(folder + "\some_xsd.xsd", System.Text.Encoding.UTF8);
        s.Write(xsdFile);
        xsdFile.Close();
    }
}

// now from the visual studio command line type: xsd some_xsd.xsd /classes

Answer 13

Вы можете просто изменить один атрибут свойства автомобиля Cars с XmlArrayItem на XmlElment.То есть из

[System.Xml.Serialization.XmlRootAttribute("Cars", Namespace = "", IsNullable = false)]
public class Cars
{
    [XmlArrayItem(typeof(Car))]
    public Car[] Car { get; set; }
}

к

[System.Xml.Serialization.XmlRootAttribute("Cars", Namespace = "", IsNullable = false)]
public class Cars
{
    [XmlElement("Car")]
    public Car[] Car { get; set; }
}

Answer 14

Мое решение:

1. Использовать Edit > Past Special > Paste XML As Classes чтобы получить класс в вашем коде
2. Попробуйте что-то вроде этого:создать список этого класса (List<class1>), затем используйте XmlSerializer чтобы сериализовать этот список в xml файл.
3. Теперь вы просто заменяете тело этого файла своими данными и пытаетесь deserialize это.

Код:

StreamReader sr = new StreamReader(@"C:\Users\duongngh\Desktop\Newfolder\abc.txt");
XmlSerializer xml = new XmlSerializer(typeof(Class1[]));
var a = xml.Deserialize(sr);
sr.Close();

ПРИМЕЧАНИЕ:вы должны обратить внимание на корневое имя, не меняйте его.У меня это "ArrayOfClass1"

Answer 15

Как насчет универсального класса для десериализации XML-документа?

//++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++++
// Generic class to load any xml into a class
// used like this ...
// YourClassTypeHere InfoList = LoadXMLFileIntoClass<YourClassTypeHere>(xmlFile);

using System.IO;
using System.Xml.Serialization;

public static T LoadXMLFileIntoClass<T>(string xmlFile)
{
    T returnThis;
    XmlSerializer serializer = new XmlSerializer(typeof(T));
    if (!FileAndIO.FileExists(xmlFile))
    {
        Console.WriteLine("FileDoesNotExistError {0}", xmlFile);
    }
    returnThis = (T)serializer.Deserialize(new StreamReader(xmlFile));
    return (T)returnThis;
}

Эта часть может быть, а может и не быть необходимой.Откройте XML-документ в Visual Studio, щелкните XML правой кнопкой мыши и выберите свойства.Затем выберите файл схемы.

Answer 16

async public static Task<JObject> XMLtoNETAsync(XmlDocument ToConvert)
        {
            //Van XML naar JSON
            string jsonText = await Task.Run(() => JsonConvert.SerializeXmlNode(ToConvert));
            //Van JSON naar .net object
            var o = await Task.Run(() => JObject.Parse(jsonText));
            return o;
        }