Java:检查一点点是否为0或1
-
11-09-2019 - |
题
您将使用哪种方法来确定代表2^x的位是1或0?
解决方案
我会使用:
if ((value & (1L << x)) != 0)
{
// The bit was set
}
(您也许可以从较少的括号中摆脱困境,但我永远不会记得位于位操作的优先级。)
其他提示
另一个选择:
if (BigInteger.valueOf(value).testBit(x)) {
// ...
}
我怀疑是否:
if (((value >>> x) & 1) != 0) {
}
..更好,因为价值是否长,还是更糟,因为它不太明显。
汤姆·霍顿(Tom Hawtin) - 7月7日在14:16
您也可以使用
bool isSet = ((value>>x) & 1) != 0;
编辑:之间的区别(value>>x) & 1
“ 和 ”value & (1<<x)
“当X大于“值”类型的大小(在您的情况下为32)时,“依赖于行为。
在这种特殊情况下,(value>>x) & 1
“您将有价值的迹象,而您将获得0”value & (1<<x)
“(如果X太大,有时可以获取位符号很有用)。
如果您希望在这种情况下有0,则可以使用“>>>
“操作员,相反”>>
"
所以, ”((value>>>x) & 1) != 0
“ 和 ”(value & (1<<x)) != 0
“完全等效
为了 n
TH LSB(最不重要的一点),以下内容应起作用:
boolean isSet = (value & (1 << n)) != 0;
您可能想检查一下bitset: http://java.sun.com/javase/6/docs/api/java/java/util/bitset.html
有点变化 直接通过X检查最低位。
在Java中,以下工作正常:
if (value << ~x < 0) {
// xth bit set
} else {
// xth bit not set
}
value
和 x
可 int
或者 long
(并且不需要相同)。
非Java程序员的谨慎: :前面的表达在Java中起作用,因为在该语言中,位移动运算符仅适用于5(或6) long
)右侧操作数的最低位。这隐含地将表达转化为 value << (~x & 31)
(或者 value << (~x & 63)
如果 value
是 long
).
JavaScript: :它还在JavaScript中起作用(例如Java,仅应用最低的5位移位计数)。在JavaScript中 number
是32位。
特别是在C中,负偏移计数调用了不确定的行为,因此该测试不一定有效(尽管它可能,具体取决于您的编译器/处理器的特定组合)。
2^x位的值是“变量&(1 << x)”
声明温度int并使其等于原始。然后移动温度>> x次,以便您要检查的位在最后一个位置。然后做临时&0xf以删除前面的位。现在留下最后一点点。最后,如果(y&1 == 0),如果最后一个位是1,则应等于0,否则将等于1。愚弄,看到
如果某人对位运算符不太满意,那么可以尝试以编程方式决定下面的代码。有两种方法。
1)使用Java语言功能获取二进制格式字符串,然后在特定位置检查字符
2)继续除以2,并在某些位置确定位值。
public static void main(String[] args) {
Integer n =1000;
String binaryFormat = Integer.toString(n, 2);
int binaryFormatLength = binaryFormat.length();
System.out.println("binaryFormat="+binaryFormat);
for(int i = 1;i<10;i++){
System.out.println("isBitSet("+n+","+i+")"+isBitSet(n,i));
System.out.println((binaryFormatLength>=i && binaryFormat.charAt(binaryFormatLength-i)=='1'));
}
}
public static boolean isBitSet(int number, int position){
int currPos =1;
int temp = number;
while(number!=0 && currPos<= position){
if(temp%2 == 1 && currPos == position)
return true;
else{
temp = temp/2;
currPos ++;
}
}
return false;
}
输出
binaryFormat=1111101000
isBitSet(1000,1)false
false
isBitSet(1000,2)false
false
isBitSet(1000,3)false
false
isBitSet(1000,4)true
true
isBitSet(1000,5)false
false
isBitSet(1000,6)true
true
isBitSet(1000,7)true
true
isBitSet(1000,8)true
true
isBitSet(1000,9)true
true
我的贡献 - 忽略先前的
public class TestBits {
public static void main(String[] args) {
byte bit1 = 0b00000001;
byte bit2 = 0b00000010;
byte bit3 = 0b00000100;
byte bit4 = 0b00001000;
byte bit5 = 0b00010000;
byte bit6 = 0b00100000;
byte bit7 = 0b01000000;
byte myValue = 9; // any value
if (((myValue >>> 3) & bit1 ) != 0) { // shift 3 to test bit4
System.out.println(" ON ");
}
}
}
我编码了一个小静态类,该类正在做一些位操作工作。
public final class Bitfield {
private Bitfield() {}
// ********************************************************************
// * TEST
// ********************************************************************
public static boolean testBit(final int pos, final int bitfield) {
return (bitfield & (1 << pos)) == (1 << pos);
}
public static boolean testNum(final int num, final int bitfield) {
return (bitfield & num) == num;
}
// ********************************************************************
// * SET
// ********************************************************************
public static int setBit(final int pos, final int bitfield) {
return bitfield | (1 << pos);
}
public static int addNum(final int number, final int bitfield) {
return bitfield | number;
}
// ********************************************************************
// * CLEAR
// ********************************************************************
public static int clearBit(final int pos, final int bitfield) {
return bitfield ^ (1 << pos);
}
public static int clearNum(final int num, final int bitfield) {
return bitfield ^ num;
}
}
如果有一些问题四处走动,只需给我写一封电子邮件。
好的编程!
消除斑点及其复杂性,并使用 路 右边 and
操作数。