Java: verificar se um pouco é 0 ou 1 em um longo
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11-09-2019 - |
Pergunta
Que método você usaria para determinar se o bit que representa 2^x é 1 ou 0?
Solução
Eu usaria:
if ((value & (1L << x)) != 0)
{
// The bit was set
}
(Você pode ser capaz de se safar com menos colchetes, mas nunca me lembro da precedência de operações bit -bowise.)
Outras dicas
Outra alternativa:
if (BigInteger.valueOf(value).testBit(x)) {
// ...
}
Eu me pergunto se:
if (((value >>> x) & 1) != 0) {
}
.. é melhor porque não importa se o valor é longo ou não, ou se é pior porque é menos óbvio.
Tom Hawtin - Tackline 7 de julho às 14:16
Você também pode usar
bool isSet = ((value>>x) & 1) != 0;
Editar: a diferença entre "(value>>x) & 1
" e "value & (1<<x)
"depende do comportamento quando X é maior que o tamanho do tipo de" valor "(32 no seu caso).
Nesse caso em particular, com "(value>>x) & 1
"Você terá o sinal de valor, enquanto você recebe um 0 com"value & (1<<x)
"(Às vezes é útil obter o sinal de bit se X for muito grande).
Se você preferir ter um 0 nesse caso, você pode usar o ">>>
"Operador, em vez disso, se">>
"
Então, "((value>>>x) & 1) != 0
" e "(value & (1<<x)) != 0
"são completamente equivalentes
Para o n
th thb (bit menos significativo), o seguinte deve funcionar:
boolean isSet = (value & (1 << n)) != 0;
Você pode querer conferir o Bitset: http://java.sun.com/javase/6/docs/api/java/util/bitset.html
Mudanças de bit Direito por X e verificando a parte mais baixa.
Em Java, o seguinte funciona bem:
if (value << ~x < 0) {
// xth bit set
} else {
// xth bit not set
}
value
e x
pode ser int
ou long
(e não precisa ser o mesmo).
Palavra de cautela para programadores não-Java: A expressão anterior funciona em Java, porque nesse idioma os operadores de mudança de bit se aplicam apenas aos 5 (ou 6, em caso de long
) Bits mais baixos do operando do lado direito. Isso traduz implicitamente a expressão para value << (~x & 31)
(ou value << (~x & 63)
E se value
é long
).
JavaScript: Ele também funciona no JavaScript (como Java, apenas os 5 bits mais baixos de contagem de turnos são aplicados). Em JavaScript qualquer number
é de 32 bits.
Particularmente em C, a contagem de turnos negativa chama o comportamento indefinido; portanto, esse teste não funcionará necessariamente (embora possa, dependendo da sua combinação específica de compilador/processador).
O valor do bit 2^x é "variável & (1 << x)"
Declare uma temp int e torne igual ao original. Em seguida, mude a temperatura >> x vezes, para que a parte que você deseja verificar está na última posição. Em seguida, faça temp & 0xf para soltar os bits anteriores. Agora saiu com o último bit. Finalmente, faça se (y & 1 == 0), se o último bit for um 1, que deve ser igual a 0, caso contrário, será igual a que ou se (y+0x1 == 0) ... não tem muita certeza. brincar e ver
Se alguém não se sentir muito confortável com os operadores bitwise, o código abaixo poderá ser tentado decidir programáticos. Existem duas maneiras.
1) Use a funcionalidade da linguagem Java para obter a string de formato binário e depois verifique o caractere na posição específica
2) Continue se dividindo por 2 e decida o valor do bit em determinada posição.
public static void main(String[] args) {
Integer n =1000;
String binaryFormat = Integer.toString(n, 2);
int binaryFormatLength = binaryFormat.length();
System.out.println("binaryFormat="+binaryFormat);
for(int i = 1;i<10;i++){
System.out.println("isBitSet("+n+","+i+")"+isBitSet(n,i));
System.out.println((binaryFormatLength>=i && binaryFormat.charAt(binaryFormatLength-i)=='1'));
}
}
public static boolean isBitSet(int number, int position){
int currPos =1;
int temp = number;
while(number!=0 && currPos<= position){
if(temp%2 == 1 && currPos == position)
return true;
else{
temp = temp/2;
currPos ++;
}
}
return false;
}
Resultado
binaryFormat=1111101000
isBitSet(1000,1)false
false
isBitSet(1000,2)false
false
isBitSet(1000,3)false
false
isBitSet(1000,4)true
true
isBitSet(1000,5)false
false
isBitSet(1000,6)true
true
isBitSet(1000,7)true
true
isBitSet(1000,8)true
true
isBitSet(1000,9)true
true
Minha contribuição - ignore uma anterior
public class TestBits {
public static void main(String[] args) {
byte bit1 = 0b00000001;
byte bit2 = 0b00000010;
byte bit3 = 0b00000100;
byte bit4 = 0b00001000;
byte bit5 = 0b00010000;
byte bit6 = 0b00100000;
byte bit7 = 0b01000000;
byte myValue = 9; // any value
if (((myValue >>> 3) & bit1 ) != 0) { // shift 3 to test bit4
System.out.println(" ON ");
}
}
}
Codifiquei uma pequena classe estática que está fazendo algumas coisas de operação de bits.
public final class Bitfield {
private Bitfield() {}
// ********************************************************************
// * TEST
// ********************************************************************
public static boolean testBit(final int pos, final int bitfield) {
return (bitfield & (1 << pos)) == (1 << pos);
}
public static boolean testNum(final int num, final int bitfield) {
return (bitfield & num) == num;
}
// ********************************************************************
// * SET
// ********************************************************************
public static int setBit(final int pos, final int bitfield) {
return bitfield | (1 << pos);
}
public static int addNum(final int number, final int bitfield) {
return bitfield | number;
}
// ********************************************************************
// * CLEAR
// ********************************************************************
public static int clearBit(final int pos, final int bitfield) {
return bitfield ^ (1 << pos);
}
public static int clearNum(final int num, final int bitfield) {
return bitfield ^ num;
}
}
Se houver algumas perguntas voando, apenas escreva -me um e -mail.
Boa programação!
Eliminar a mudança de bits e seus meandros e usar um Lut para a direita and
operando.